電磁學總復習教案(完整版)

　　

【正文】 (1)E=F/q和式(2)E=kq/r2分別為電場強度的定義式和點電荷場強的公式，下列四個選項中錯誤的是()(1)中的場強E是式(1)中的電荷q所產生的電場的場強。OA電路圖如下圖所示。現用一臺升壓變壓器使其升壓，用戶處再用一臺降壓變壓器降到所需要的220V，輸電線總電阻30Ω，損失電功率為總功率的6%，變壓器是理想的，求這兩臺變壓器原副線圈的匝數比各是多少，并畫出送電電路簡圖。試求：金屬板PP′的速度從v1變化到v2的過程中，電容器吸收的能量△E。(3)在t=時刻釋放電子，經過一個周期，在t=時刻，電子剛回到出發點。(2)假設用直導線將OO′連接形成閉合回路，使其以同樣的角速度ω繞OO′勻速轉運，由于直導線OO′不切割磁力線，所以在產生應電動勢這一點上，半圓形導線與閉合回路等效，由公式e=BSωsinωt,又S=πr2，所以半圓形導線中感應電動勢e=πr2Bωsinω。例2如下圖左所示的電路，請畫出S斷開與S閉合時的等效電路。(2)熟練掌握法拉第電磁感應定律，及各種情況下感應電動勢的計算方法。，掌握閉合電路的歐姆定律。一、知識結構(一)電場。，了解電流表的工作原理。(5)熟練掌握電磁振蕩的周期和頻率公式，并應用公式分析、計算、討論有關的簡單問題。【解析】(1)無法直接求出半圓形導線OO′所產生的感應電動勢。【解析】電子運動的vt圖象如下圖所示。一根質量為m的金屬桿PP′水平地卡在導軌上，釋放后，此桿沿導軌無摩擦地下滑。(3)設重力克服安培力做功為Wf，由動能定理，mg△hWf=m()△h為桿PP′下落的高度，由運動學公式，得△h=/q∴Wf=mg/qm()=m()(1)=m()CB2L2根據能量守恒定律，重力克服安培力做的功表現為充電流I的能量，由于本電路各種電阻為零，無焦耳熱，這份能量必然儲存在電容器上。例7用伏安法測小燈泡()的功率與其中電流強度的關系，請將右圖所示的元件連接起來。第一步，應該算出內外電阻之比，即RACO′O與RBDO′O的比值，很多同學由面積之比為2∶1，立即認為R之比也是2∶1，便一路錯到底，∶=2π/ω=(s).第二步，必須分清內外電路，0→T時，OBDO′是內電路，那么由右手定律可知：UO′＞=BωBD當達到靜電平衡后，以下說法正確的是() ①金屬棒上A端電勢高于B端電勢②金屬棒上A、B兩端電勢相等③由于靜電感應，金屬棒的A端帶正電荷④由于靜電感應，金屬棒的A端帶負電荷A.②④B.①③C.①④D.②③，平行直線aa′及bb′間有垂直紙面向里的勻強磁場，磁感強度為B，現分別在aa′上某兩點射入帶正電的粒子M及N，M、N的初速度的方向不同，但與aa′的夾角均為,兩粒子都恰不能越過邊界線bb′，若兩粒子質量均為m，電量均為q，兩粒子從射入到bb′的時間分別為t1和t2，則()+t2=+t2=，則()、c兩時刻電路中電流最大，方向相反、c兩時刻電路中電流最大，方向相同、d兩時刻電路中電流最大，方向相同、d兩時刻電路中電流最大，方向相反，a、b、c、d為接線柱，a、d與220V的交流電源連接，ab間、bc間、cd間分別連接一個電阻，現發現電路中沒有電流，為檢查電路故障，用一交流電壓表分別測得b、d兩點間以及a、c兩點間的電壓均為220V，由此可知()①ab間電路通，cd間電路不通②ab間電路通，bc間電路不通③ab間電路不通，bc間電路通④bc間電路不通，cd間電路通A.①B.①②C.②③D.②④，每個電阻的阻值相同，A、B間電壓為30V，則()、S2都閉合時，C、D間電壓為30V、S2都斷開時，C、D間電壓為30V、S2斷開時，C、D間電壓為10V、S2閉合時，C、D間電壓為6V，一正離子從y軸上M點垂直于y軸射入第Ⅳ象限的勻強磁場(方向垂直紙面向里)，后垂直于x軸從N點射入第Ⅰ象限的勻強電場(方向沿x軸負方向)，最后從y軸上P點射出，下列答案正確的是()①OM=ON=OP②OM=ON，但不一定等于OP③速度υM=υN=υP④速率υM=υN＜υPA.①③B.①④C.②③D.②④，平行板電容器兩板間距離為d，在兩板間加一固定電壓U，正極板接地，在兩板間放入一個半徑為R(2R＜d)的絕緣金屬球殼，C、D是直徑上的兩端點，下列說法正確的是()，C、D兩點電勢差為U，球心O處場強為零，再斷開，然后拿走電容器，球殼上將帶正電荷，再斷開，然后拿走電容器，球殼上將帶負電荷，在一根軟鐵棒上繞有一組線圈，a、c是線圈的兩端，b為中心抽頭。，在直徑為d的圓形區域內有垂直紙面的勻強磁場。(1)按照上圖所示的電路，在下圖的實物圖上連線。，矩形導線框寬為l，質量為m，從某一高度豎直落入磁感應強度為B的水平勻強磁場中，磁場寬度為d，且有d＞l。(1)在圖甲中，不改動已接導線，且在閉合開關前不再移動變阻器滑片位置，把還需要連接的導線畫在圖中。在一次事故中經檢查斷定是電纜上某種的絕緣保護層損壞，導致兩導線之間漏電，相當于該處電纜的兩導線之間接了一個電阻，檢查人員經過下面的測量可以確定損壞的位置：(1)令B端的雙線斷開，A端的雙線間加一已知電壓UA，在B端用內阻很大的電壓表測出兩線間的電壓UB。兩板右側放一記錄圓筒，筒的左側邊緣與極板右端距離b=,筒繞其豎直軸勻速轉動，周期T＝，筒的周長s=，筒能接收到通過A、B板的全部電子。MN是一塊足夠大的豎直擋板，與電子源S的距離OS=L,擋板的左側分布著方向垂直紙面向里的勻強磁場，磁感強度為B。(1)畫出a粒子通過磁場空間做圓周運動的圓心的軌跡；(2)求出a粒子通過磁場空間的最大偏轉角φ；(3)再以過O并垂直紙面的直線為軸旋轉磁場區域，能使穿過磁場區域且偏轉角最大的a粒子射到y軸上的正方向上，問圓形磁場的直徑OA至少應轉過多大的角度?，放在勻強磁場中通過電流I時，測得ab邊比cd邊電勢高，如圖所示。能力訓練參考答案可見，粒子在P、D間運動的軌跡如圖丙所示，設半圓的個數為n，則n=。當兩者速度相等時，回路感應電動勢和感應電流都為零，二者不受安培力作用，以后將以這一相等的速度做勻速直線運動。歡迎下載。設最終共同運動的速度為υ，則maυa=(ma+mb)υ①而a下滑h高的過程中機械能守恒，則a進入水平部分時的速度υa為magh=maυa2②由①、②可解得υ＝③(3)棒a由靜止下滑至兩者共同運動的全過程中，a的初態重力勢能一部分轉化為a、b共同運動的動能，另一部分轉化為電能，則magh=(ma+mb)υ2+E電把③代入可得E電