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2026-07-27 19:24本頁面

　　

【正文】碳為+2價，COCl2中碳為+4價，即可寫出方程式。第四問，①根據K計算公式即可求出，但是答案為什么只保留三位小數值得商榷，②同時計算T2時的K值很明顯小于T8時的K值，說明是升高溫度平衡正向移動的原因。③題目說了是不同條件下的平衡狀態，那么后面溫度就不會改變。根據K值可計算C(COCl2).④因為56分鐘，CO濃度在改變所以平均反應速率大于其它的，因為處于平衡狀態，根據V的計算公式，21213的平均反應速率為0。⑤因為56分鐘時濃度改變大于1213。28. 解析：（1）NaCl與Al2O3冶煉需要用電解法，Fe2O3與Cu2S可以用熱還原法，所以為b、d。（2）在該反應中，Cu元素化合價由+1升高到+2，S元素由2升高到+6，Cu2S做還原劑，當有1molO2參與反應轉移的電子為4mol，由于Cu2+水解呈酸性，加入鎂條時，鎂與H+反應生成了氫氣。（3）電解精煉時，不純金屬做陽極，這里就是a極；b電極是陰極，發生還原反應，生成了紅棕色氣體是NO，遇空氣氧化生成的NO2，電極反應：NO3+3e＋4H+＝NO↑+2H2O。或NO3+e＋2H+＝NO2↑+H2O（4）做電解質溶液，形成原電池。答案：（1）bd（2）Cu2S；4；氫氣（3）a；NO3+3e＋4H+＝NO↑+2H2O（4）做電解質溶液，形成原電池。38.（共15分）（1）CH2=CH2（2）ab（3）C2H4O 2CH3CH2Cl + NH3→NH(CH2CH3)2 +2HCl（4）取代反應（硝化反應）（5）（2分）（6）酯基、氯原子、氨基（7）① ② （2分）③（2分）物理答案14．A　質量是物體慣性的唯一量度，宇宙飛船內物體不會失去慣性，慣性也不會減少；所以B錯；第一個認識到任意兩物體之間都存在引力的是牛頓，C錯；牛頓第一定律雖然無法用實驗直接驗證，但牛頓是在前人實驗基礎上，總結推理出的結論。D錯。 16．C　把人的速度分解為垂直于旗桿的速度v1和沿桿的速度v2，如圖v1＝vsin α，此時手握旗桿的位置到O點的距離為，則ω＝＝，所以答案C正確。17．CD　線圈m中輸入恒定電流，穿過pq兩線圈的磁通量不為零，恒定不變，不會產生感應電動勢，所以AB錯；對C選項，雖為直流電，但均勻增大，磁通量會發生變化，所以會產生感應電動勢，由變壓器原理知，感應電動勢與匝數成正比。所以C正確。18．D　由A→O電場力與運動方向一致，O→B電場力運動方向相反，所以電子的運動是先加速后減速，動能先增加后減小，電勢能先減小后增加。只有答案D正確。 20．B　導體棒剛開始下滑時所受合外力最大為mgsin θ，所以產生的加速度最大為gsin θ，A對；當導體棒勻速運動時，由受力分析知，安培力F＝mgtan θ，所以B錯；由F＝BIL得I＝＝所以電動勢E＝IR＝R，C對；由E＝BLvcos θ得v＝，所以D對。21．BC　圖中B是“目標衛星”，A是“攔截器”，所以選項A錯；由于“攔截器”軌道低、速度大，應落后于“目標衛星”，繞行方向應為圖中的順時針方向，所以選項B對；“攔截器”在上升的過程中要克服重力做功，所以重力勢能會增大，C選項對；由a＝知“攔截器”的加速度比“目標衛星”的加速度大，D選項錯。22．(1)(2分)(2)(3分)23．解析：(3)設滑塊的質量為M，鉤碼的質量為m，滑塊所受的滑動摩擦力為f。由牛頓第二定律得mg－f＝(M＋m)a a＝＝當m?M時a＝g＝定值，圖像趨于一條水平直線(4)由圖像知當F＝2 N時，a＝2 m/s2，此數據不在圖線的直線部分，說明不滿足m?M的條件。由F＝mg＝2 N，得m＝ kg。再由牛頓第二定律得 mg－f＝(M＋m)a M＝ kg由f＝μFN得 μ＝＝＝＝1/3上述分析中，f＝1 N應包含紙帶和限位孔之間的摩擦力，所以在利用f＝μFN計算滑動摩擦因數時，計算值比真實值要大一些。答案：(1)沒有平衡摩擦力；1 N(2分)(2)所掛鉤碼的總質量太大(3分)(3)一條水平直線，g(2分)(4) kg　1/3　偏大(3分)24．解析：受力分析如圖甲、乙 F＝mgtan 30176。＝mg(3分)FN1＝mg/cos 30176。＝mg(3分) Fcos α＝mgsin 30176。(3分)即mgcos α＝mg cos α＝ α＝30176。FN2＋Fsin α＝mgcos 30176。(3分) FN2＝mg(1分) FN1/FN2＝2∶1(1分)25．解析：(1)設電子在第一象限做圓周運動的半徑為R，由幾何知識得∠ACP＝30176。　OC＝2OP又OP＝R　OC＝L－R；(2分)所以L－R＝2R R＝L(2分)由qvB＝得 v＝(2分)(2) 由幾何知識得，電子在第一象限轉過的圓心角α＝120176。＝π(2分)電子在第一象限運動時間t1＝T＝＝(2分)(3)由qE＝qvB得E＝vB＝(2分)由二力平衡知，電場強度的方向在紙面內斜向下與x軸成30176。(2分)(4)電子在第四象限運動時間t2＝＝＝(4分)33．(1)BC (2)解析：①設汽缸內氣體的壓強為p，選活塞為研究對象，根據力的平衡得P0＋mg＝pS(2分) P＝p0＋mg/S 活塞在上升h高度的過程中氣體對外界做功，做功的大小為 W＝pSh＝(p0S＋mg)h(2分) 外界對氣體做的功為W′＝－W＝－(P0＋mg)h(1分)②電阻絲在t時間內產生的熱量為Q＝t(2分) 根據熱力學第一定律得，氣體內能增加了ΔU＝W′＋Q＝－(P0S＋mg)h＋t(2分)35．(1)B(2)①設小球上升到最大高度時的高度為h，共同速度為v1由水平方向動量守恒得mv0＝2mv1(1)(1分) 由機械守恒得mv＝2mv＋mgh(2)(1分)由(1)(2)式聯立得v1＝v0 h＝(1分)②設小球返回到小車的右端時，小車的速度為v小球的速度為v3由動量守恒和機械能守恒得mv0＝mv2＋mv3(3)(1分)mv＝mv＋mv(4)(1分)v2＝v0　v3＝0(1分)③設小球落地的時間為t 由h＝gt2得t＝(1分)則：小球落地時，車與小球的水平距離為x＝v2t＝v0t＝v0(2分16

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